TKS 4008 Analisis Struktur I
TKS 4008 Analisis Struktur I TM. XIII : METODE CLAPEYRON Dr.Eng. Achfas Zacoeb, ST., MT. Jurusan Teknik Sipil Fakultas Teknik Universitas Brawijaya Pendahuluan Metode ini diusulkan oleh Clapeyron (1857) dan dikembangkan lebih lanjut oleh Mohr (1860)
A’ C’ h A A B h 1 c Balok dua bentang C yang bersebelahan. I = I AB 1 A I = I BC 2 C 1 L L 1 2 A A 1 2 Diagram momen akibat beban luar. a a 1 2 M B
Diagram momen akibat
A A 5 M A 4 M A
6
C A 3momen ujung M , M ,
A B L /3 L /3 L /3 1 1 2 dan M .
C L /3 1 L /3 L /3 2 2
Penurunan Rumus Hubungan antara M
A , M
B , dan M
C dapat diperoleh dari kondisi keselarasan (compatibility) untuk balok yang menerus (continue) di titik B.
Garis singgung kurva elastis
BC’ di titik B terletak pada satu garis lurus
dengan garis singgung kurva elastis BA’ di titik B. Kedua garis singgung di titik B pada kurva elastis di kedua sisi titik B satu terhadap yang lain harus tetap membentuk garis lurus (180 o ).
Karena A
1 harus berupa garis lurus maka :
1 BC
dengan AA
1 L A
1 A
1 L M
3
1 L M
6
1 A a EI
1 AA h (Pers. 2)
Penurunan Rumus (lanjutan) C C 1 1 B h di singgung garis dari C di Lendutan h C C CC
c 2 2 6 2 5 2 2 1 L h A
3
3
1 A
2 A a EI
1 CC
C
2 2 C 2 2 B 2 2 1 L h M6
1 L M
3
1 A a EI
1 CC
dan
(Pers. 3)
1
2
1
4
= h
A – A
1 A’
2
1
1
1 L
CC L AA
B di singgung garis dari A di Lendutan h A A h AA A 1 A 1
1
1
1 B
3
1
1 A
1 L A
3
2 L A
3
1 A a EI
(Pers. 1)
2
1 AA h
(lanjutan) Penurunan Rumus
Pers. (2) dan Pers. (3) disubstitusikan ke Pers. (1), maka diperoleh Pers. (4) :
h A C
1
1 2
1 2
1
1 2
1 2 h A a M L M L A a M L M L
1 1 A 1 B 1 2 2 B 2 C 2 L L EI 1 1
6
3 L EI 2
3
6 L 2
(Pers. 4) Persamaan Clapeyron didapatkan dengan mengalikan (6E) terhadap
setiap/semua suku pada Pers. (4), sehingga berubah menjadi seperti Pers. (5) yang dikenal juga dengan Persamaan Tiga Momen :
L L L L 1 1 2 2
6A a 1
1
6A a 2 2 A C
6Eh
6Eh
M A B c
2M M
I 1 I 1 I 2 I L 2 1 I L
1
2 I L L 2 1 2 akibat beban luar akibat penurunan
(Pers. 5)
(lanjutan) Contoh Berikut ini aplikasi Metode Clapeyron untuk analisis struktur balok menerus akibat beban luar tanpa disertai penurunan tumpuan : q P
2
1 q
1 P P
2
3
10I
3I c E c
2I
c
A B C D 6m 12m 2m 4m 1,5mData perhitungan :
P = 80 kN P = 72 kN E = konstan
1
2
P = 24kN q = 24 kN/m q = 16 kN/m3
1
2
Contoh (lanjutan)
(3,2) + 1,2M
6
12 6 2304
10I
6
6 288
2I
luar beban akibat c 3 D 10 c c c c c C c B
= -1555,2 (Pers. a) →M A = 0 kNm (sendi) Pers. Clapeyron pada bentang BC & CD :
C
B
12 6 1440
2M
6 M
3I
10I
6
6
= -36 kNm (jepit)
D
b) →M
= -1495,2 (Pers.
C
B
1,2M
2I
12 M
10I
2M
12
10I
6
2I
6 M
2M
3I
A B C D
24
1 A 2
2
12
80
12
4
1 A 3 1 1440
12
6
12
Diagram M akibat beban luar 432
1/8x24x6 2 = 108kNm
80x12/4
= 240kNm
3 A 1 A 3 A 2 A
4
48x2 = 96kNm 1/8x16x12 2 = 288kNm2 P
1 P
1 P
2 q
2I
c 4m 6m 12m 1,5m E 2m q10I c
3I c
2304
16
12
6
10I
12 M
10I
6
6 3 432
3I
6
12 6 1440
10I
12 6 2304
12
10I
luar beban akibat c c c c c c c B c A
Pers. Clapeyron pada bentang AB & BC :
36 A 5 A 6 A 7 A 8 A 9 DiagramM akibat M ujung (215,9) (146,6) Contoh (lanjutan)
1 A 4 M A = 0 kNm M D = -24x1,5 = 36 kNm Data : P 1 = 80kN P 2 = 72kN P 3 = 24kN q 1 = 24kN/m q 2 = 16kN/m
2
6
96
288
1 A 3 3
- + 8,4M
- + 1,2M
- + 8,4M
- -1
0,122 0,023 0,023 0,161 6,4 1,2 1,2 8,4 52,32
1 A 1 Contoh (lanjutan)
→[M]=[A]
[C]
M kNm 146,644 215,997 1495,2 1555,2 0,122 0,023 0,023 0,161
Jadi M
A
= 0 kNm M
B
= 215,997 kNm M
C
= 146,644 kNm M
D
= -36 kNm
Contoh (lanjutan)
Hitung M
B
dan M
C
dengan menyelesaikan Pers. (a) & Pers. (b) : 6,4M
B
C
= -1555,2 1,2M
B
C
= -1495,2
C M C B A
1495,2 1555,2 M M 8,4 1,2 1,2 6,4
Det [A]=(6,4x8,4)-(1,2x1,2)=52,32 →[M]=[A]
[C]
- -1
(lanjutan) Contoh Free body diagram :
80kN 24kN/m 215,997 146,64 215,997
36
24 16kN/m 146,64
36 72kN B D C A B C 16x12/2 72 72x4/6
96 E 24x6/2
24
24 80/2
40
36 215,9/6 146,6/6 24,4
18 215,9/12 108 6 36 146,6/12 12,2 36/6 130,2 66,4 5,6 141,8 R = 36 kN R = 249,8 kN R = 196,6 kN R = 29,6 kN A
C D B
Cek
V = 0
(24x6+16x12+80+72+24) -(36+249,8+196,6+29,6) = 0 512 – 512 = 0 oke!
(lanjutan) Contoh
Momen Maksimum
2 Bentang AB M = R (x) - ½q (x) x A
1
x A
1
= R - q (x) = 0 →D
x = R /q = 36/24 = 1,5m dari titik A
A
2 M = 36 (1,5) - ½(24)(1,5) = 27 kNm maks
Bentang BC M terjadi di bawah beban P = 80kN
maks
2 M = R (6) -½q (6) -215,9 = 346,8 kNm x BC
2
2 M = 36(6) - ½(24)(6) = 346,8 kNm maks
Bentang CD M = R (2) - M = -13,8kNm
G CD CD
M = -(24)1,5 = -36 kNm
D
Garis elastis bentang AB Sudut rotasi bentang AB :
) 2 A
1
10E(I
) 2 A A
2 ( A
3
1 ( A )
3
) kNm EI 71,5
1 θ
7
6 3 B 2 c 3 C 7 6 3 2 c10E(I
2 ( A
3 C 7 6 3 2 c
3
1 12)(
12
1 ( A )
3
1 12)(
12
)
A kNm EI 85,3
)
1 θ 7 6 3 C 2 c Contoh (lanjutan)
10E(I
) 2 A
1 ( A
3
1 12)(
12
2 ( A )
3
1 12)(
12
3
(searah jarum jam) (berlawanan arah jarum jam)
1
10E(I
) 2 A A
3 A
2
) 2 432
1
3E(I
3 647,99 (
)
1 θ 5 A 1 c 3 C c
kNm
EI 0,001 )3E(I
) 2 A
1 ( A
3
1 6)(
6
)
6
(searah jarum jam) Lihat slide no 7 Garis elastis bentang BC Sudut rotasi bentang BC :
1 A 6 Contoh (lanjutan)
2
12
1295,98 215,997
1 A 5
2
6
647,99 215,997
(searah jarum jam)
1 6)(
1
3E(I
) 2 432
2 (
3 647,99
72 )
1 θ 5 B 1 c 3 C c kNm EI
3E(I
) 2 A
2 ( A
3
2 A
2 A
Garis elastis bentang CD Sudut rotasi bentang CD : 3 C 9 8 4 3 C 10 c A kNm EI 85,3
1 q
Lihat slide no 7
Contoh (lanjutan)
Diagram M, D, & kurva garis elastis
A B C D
3I c
10I c
2I c 4m 6m 12m 1,5m E 2m q
2 P
2
1 P
2 P
3 Diagram M (kNm) Diagram D (kN) 346,8
36 146,6 216
27 (-) (+)
(-)
(+) 13,836 108 141,8 130,2 66,4 5,6
24 (+) (+) (+) (+) (-) (-) (-)
45
1 A 8
6
3
3
1 A
3
2 A 6 )
2E(I
1 θ
3 C 9 8 4 3 D 8 c
A kNm EI 45,3
2 A
1 A 7 439,93 146,64
3
1 A 6 )
2E(I
1 θ
879,86 146,64
12
2
35 Contoh (lanjutan)
(lanjutan) Contoh θ B
Kurva garis elastis
θ D θ C θ A Latihan
Analisis struktur balok menerus berikut : P q 2 P 1
2I c c F c
4I
3I E A B C D 2m 6m 6m 3m 3m Buat diagram M, D, dan garis elastis, jika :
P
= 1 kN
1 P
= 2P
2
1
q = 1kN/m E = konstan
Terima kasih atas Perhatiannya!