Definisikan ||∆|| = diagonal ruang terpanjang dari B
Program Perkuliahan Dasar Umum Sekolah Tinggi Teknologi Telkom Integral Lipat Tiga Integral Lipat Tiga [MA1124] KALKULUS II
Integral Lipat Tiga pada Balok Integral Lipat Tiga pada Balok
1. Partisi balok B menjadi n bagian; B , B , …, B , …, B
1
2 k nB k ∆z
Definisikan || ∆|| = diagonal k
( x , y , z ) k k k ruang terpanjang dari B k
∆x k
2. Ambil
( x , y , z ) ∈ B k k k k B z
3. Bentuk jumlah Riemann ∆y n k f ( x , y , z ) ∆ k k k k
V ∑ k = 1
4. Jika ||
∆||Æ 0 diperoleh limit jumlah Riemann n∆ lim f ( x , y , z ) k k k k
V
∑ ∆ → y k 1
= x
Jika limit ada, maka fungsi w = f(x,y,z) terintegralkan Riemann pada balok B, ditulis n
= ∆ f ( x , y , z ) dV lim f ( x , y , z ) k k k k
V
∑ ∫∫∫ B ∆ → k = 1 7/6/2007
[MA 1124]
2
7/6/2007 [MA 1124]
3 Integral Integral
Lipat Lipat
Tiga Tiga pada pada
Balok Balok
(2) (2)
∆v k
= ∆x k
∆y k
∆z
k
ÆdV = dx dy dz Sehingga integral lipat dalam koordinat kartesius: ∫∫∫ ∫∫∫
= B B ) dz dy dx z , y , x ( f dV ) z , y , x ( f
7/6/2007 [MA 1124]
= 2 1 1 2
4
= z
⎜ ⎝ ⎛
7 ⎟ ⎠ ⎞
6
1
2
1 2
7 2
3
1
2
⎜ ⎝ ⎛
4 Contoh Contoh
⎟ ⎠ ⎞
dz y z ∫
1
3
= 2 1 1 2 1 3
⎜ ⎝ ⎛
⎟ ⎠ ⎞
dz dy x yz ∫ ∫
= 2 1 1 2 1 2
∫ ∫ ∫
∫∫∫ B dV yz x 2 dz dy dx yz x
≤ x ≤ 2, 0 ≤ y ≤ 1, 1 ≤ z ≤ 2} Jawab.
∫∫∫ B dV yz x 2 Hitung dengan B adalah balok dengan ukuran B = {(x,y,z)| 1
7 =
7/6/2007 [MA 1124]
5 Integral Integral
Lipat Lipat
Tiga Tiga pada pada
Daerah Daerah
Sembarang Sembarang
Pandang S benda padat yang terlingkupi oleh balok B, dan definisikan nilai f nol untuk luar S (gb. 1) x y z
B S ∫∫∫ S 2
dV yz x
Hitung , Jika S benda padat sembarang (gb. 1)
Integral Lipat Tiga pada Daerah Integral Lipat Tiga pada Daerah
Sembarang (2) Sembarang (2)
Jika S dipandang sebagai ψ z= (x,y) 2 himpunan z sederhana (gb.2) z
1 z= (x,y), dan proyeksi S pada
ψ
(S dibatasi oleh z= (x,y) dan ψ
2 S bidang XOY dipandang sebagai z= ψ (x,y) 1 daerah jenis I) maka: b φ ψ 2 ( x ) ( x , y ) 2
( , , ) = ( , , ) f x y z dV f x y z dz dy dx a y
∫∫∫ ∫ ∫ ∫ S a ( x ) ( x , y ) φ ψ 1 1 y= φ (x) 1 y= φ (x) 2 S b
Catatan: xy x f ( x , y , z ) dV
Jika f(x,y,z) = 1, maka ∫∫∫ S
(gb. 2) menyatakan volume benda pejal S
7/6/2007
[MA 1124]
6 Contoh Contoh
Hitung f ( x , y , z ) dV dengan W=f(x,y,z) = 2xyz dan S benda
∫∫∫ S
2 padat yang dibatasi oleh tabung parabola z=2- ½x dan bidang-bidang z = 0, y=x, y=0 z 2 z = 2 – ½ x
Jawab. y = x
Dari gambar terlihat bahwa y= 0
S={(x,y,z)|0≤x≤2, 0≤y≤x
2 0≤z≤ 2 – ½x } Sehingga, 1 y 2 − x 2 2 S x y 2 x 2
2 xyz dV
2 xyz dz dy dx = ∫∫∫ ∫ ∫ ∫ x S 2 x 0 0 2 2 − x 1 2 S = proyeksi S pada XOY 2 xy
= xy z dy dx 0 0 ∫ ∫
(segitiga) 7/6/2007
[MA 1124]
7 Contoh ( lanjutan ) Contoh ( lanjutan ) 2 x 2
1 2 ⎞ = xy 2 x dy dx ⎜ ⎛ − ⎟
∫ ∫
2 2 0 0 ⎝ ⎠ x
1
1 ⎛ ⎞
= x 2 4 2
2 x x y dx ⎜ ⎟
- 4 −
∫
4
2 2 ⎝ ⎠
1 ⎛ ⎞ 3 5 7
= 2 − + ⎜ x x x ⎟ dx
∫
⎝ ⎠ 2
1 4
1 6
1 8 = x x x − +
2
6
64
32
4 = − +
8 4 =
3
3
7/6/2007 [MA 1124]
8 Latihan Latihan
, S benda padat di oktan pertama yang
1. Hitung z dV
∫∫∫ S dibatasi oleh bidang-bidang z = 0, x=y, y=0 dan tabung
2
2 x + z = 1.
2. Sketsa benda pejal S di oktan pertama yang dibatasi
2
2 tabung y + z = 1 dan bidang x =1 dan x = 4, dan tuliskan dan hitung integral lipatnya.
3. Hitung volume benda pejal yang dibatasi oleh :
2 a. y = x , y + z = 4, x = 0, z = 0.
2
2 b. 1 = z +y , y = x, x = 0.
2
2 c. x = y, z =y, y = 1,x = 0.
2 d. y = x + 2, y = 4, z = 0, 3y - 4z = 0. y π / 2 z
4. Hitung
- sin( x y z ) dxdydz
∫ ∫∫ 7/6/2007
[MA 1124]
9 Integral Lipat Tiga ( Koordinat Tabung Integral Lipat Tiga ( Koordinat Tabung dan Bola) dan Bola)
Koordinat Tabung Koordinat Bola z
P( ρ,θ,φ) z P( r ,θ,z ) φ z z
ρ r
θ r y
θ y x x
Sy a r a t & h u bu n ga n dg Ka r t e siu s , 0 ≥ 0 , 0 ≤ θ ≤ 2 π π
ρ ≤ φ ≤ r ≥ 0 , 0 ≤ θ ≤ 2 π x = r cos θ x = r cos θ x =
} ρ cos θ sin φ r = ρ sin φ y = r sin θ y = r sin θ z = z y =
} ρ sin θ sin φ r = 2 2 2
ρ sin φ r = x + y z = ρ cos φ 2 2 2 2 x + y + z =
ρ Jik a D be n da pe j a l pu n ya su m bu sim e t r i Æ Koor din a t Ta bu n g Jik a D be n da pe j a l ya n g sim e t r i t e r h a da p sa t u t it ik Æ Koor din a t Bola
7/6/2007
[MA 1124]
10
1. Sketsa D; D benda pejal di oktan I yang dibatasi oleh
- y
7/6/2007 [MA 1124]
11 Contoh Contoh
tabung x
2
2 =4 dan bidang z = 0, z = 4 z Jawab. x y r
4 D dalam koordinat:
θ
2
2
a. Cartesius: D={(x,y,z)| 0≤x≤2, 0≤y≤ , 0≤z≤4}
4
− x
b. Tabung:
D={(x,y,z)| 0≤r≤2, 0≤ θ≤ π/2, 0≤z≤4} x 2 + y 2 = 42. Sketsa D; D bagian bola x
- y
- z
2 ρ 2 2
2
2
2 =4 di oktan I.
Jawab. z
D dalam koordinat: x y r
− y x z − =
4
a. Cartesius:
4
7/6/2007 [MA 1124]
b. bola: D={(x,y,z)| 0≤ ρ ≤2, 0≤ φ ≤ π/2,
0≤
θ ≤ π/2}
2
2
4
− y x − 2 2
0≤z≤ }
θ
2 D={(x,y,z)| 0≤x≤2, 0≤y≤ ,
12 Contoh Contoh
− x
7/6/2007 [MA 1124]
∂ ∂
∂ =
∂ ∂
∂ ∂
∂ ∂
∂ ∂
∂ ∂
∂ ∂
∂ ∂
13 Penggantian Penggantian
) w , v , u ( J ∂
= D D ) dw dv du w , v , u ( J )) w , v , u ( p ), w , v , u ( n ), w , v , u ( m ( f dz dy dx ) z , y , x ( f w z v z u z w y v y u y w x v x u x
∫∫∫ ∫∫∫
Definisi misalkan x=m(u,v,w); y=n(u,v,w); z=p(u,v,w) maka: dimana
Tiga Tiga
Lipat Lipat
Integral Integral
Peubah Peubah dalam dalam
Jacobian
7/6/2007 [MA 1124]
∂ ∂
∫∫∫ ∫∫∫
∂ =
∂ ∂
∂ θ ∂
∂ ∂
∂ ∂
∂ θ ∂
∂ ∂
14 Koordinat Koordinat
∂ θ ∂
= ∂
) w , v , u ( J 2 2 = θ + θ = θ θ θ − θ
1 cos r sin sin r cos z z z r z z y y r y z x x r x
r sin r cos r
Tabung Tabung x = r cos θ y = r sin θ z = z Matriks Jacobiannya:
Æ Æ
Kartesius Kartesius
θ θ θ = D D ) dz d dr r z , sin r , cos r ( f dz dy dx ) z , y , x ( f
7/6/2007
[MA 1124]
∂ θ ∂
∫∫∫ ∫∫∫
) w , v , u ( J 2
∂ = sin 1 cos sin cos cos sin sin sin cos cos sin sin cos sin z z z y y y x x x
∂ ρ ∂
∂ θ ∂
∂ φ ∂
∂ ρ ∂
∂ φ ∂
15 Koordinat Koordinat
∂ ρ ∂
∂ θ ∂
= φ ∂
θ φ ρ θ φ ρ θ φ θ φ ρ θ φ ρ − θ φ
φ ρ − = φ
Bola Bola x = ρ cos θ sin φ y = ρ sin θ sin φ z = ρ cos φ Matriks Jacobiannya:
Æ Æ
Kartesius
Kartesius
φ θ ρ φ ρ φ ρ θ φ ρ θ φ ρ = D 2 D ) d d d sin cos , sin sin , cos sin ( f dz dy dx ) z , y , x ( f Contoh ( Tabung ) Contoh ( Tabung )
1. Hitung volume benda pejal yang dibatasi oleh paraboloid
2
2 z = x + y dan z = 4. Z Jawab. z = 4
Daerah S dalam Koordinat Cartesius adalah: 2 2 y 4 x − −
4 x , S={(x,y,z)|-2 ≤ x ≤ 2, ≤y≤ −
2
2
x- y ≤ z ≤ 4} x
S x y Dalam koordinat tabung:
2
,z)|0
S={(r, θ ≤ r ≤ 2, 0≤ θ ≤ 2 π , r ≤ z ≤ 4} Sehingga, volume benda pejalnya adalah 2 2 π 4 V = dV
1 r dz d dr = θ
∫∫∫ S ∫ ∫ ∫ r 2 7/6/2007
[MA 1124]
16
7/6/2007 [MA 1124]
4
r r π π
− =
⎜ ⎝ ⎛
2 ⎟ ⎠ ⎞
2
1
4
θ 2 4 2
dr r r π
− = 2 2 2
17 Contoh Contoh
( ) ∫
π θ dr d z r r
= 2 2 4 2
V ∫ ∫
π θ r dr d dz r
= 2 2 4 2
∫ ∫ ∫
) )
Lanjutan Lanjutan
( (
8 = Jadi volume benda pejalnya adalah 8 π Contoh (bola) Contoh (bola)
2
2
2
2. Hitung volume bola pejal x + y + z = 4 di oktan I Jawab.
z 2 2 z = − x − y
4 D dalam koordinat:
2
a. Cartesius:
ρ 2 D={(x,y,z)| 0≤x≤2, 0≤y≤
4 − x ,
2 2 2 0≤z≤ }
4 − x − y
y θ
2 b. Bola: D={(x,y,z)| 0≤ ≤2, 0≤ ≤
ρ φ π/2, x
0≤ ≤ θ π/2}
Sehingga, volume benda pejalnya adalah / 2 / 2 π π 2 2 V = dV
1 d d d = ρ sin φ ρ φ θ
∫∫∫ S ∫ ∫ ∫ 7/6/2007
[MA 1124]
18 Contoh ( Lanjutan ) Contoh ( Lanjutan )
π / 2 π / 2 2 2 V d d d
= ρ sin φ ρ φ θ
∫ ∫ ∫ 2 π / 2 π / 2
1 ⎛ ⎞ 3 sin d d
= φ ρ φ θ ⎜ ⎟
∫ ∫
3 ⎝ ⎠
π / 2 π / 2
8 cos φ d θ = ( − )
∫
3
π / 2
8
4 = θ
( )
= π
3
3 Jadi volume benda pejalnya adalah 4
π/3 7/6/2007
[MA 1124]
19 Latihan Latihan
2
x dV
, dengan D benda pejal yang dibatasi
1. Hitung
∫∫∫ D
2
2 z =9 – x – y dan bidang xy.
2. Hitung volume benda pejal yang di oktan I yang dibatasi
2
2
2
2
2
2 bola x + y + z = 1 dan x + y + z =4.
3. Hitung volume benda pejal yang di batasi di atas oleh
2
2
2 bola r + z = 5 dan di bawah r =4z.
4. Hitung volume benda pejal yang dibatasi oleh paraboloid
2
2 z = x + y dan bidang z =4.
5. Hitung volume benda pejal yang di batasi oleh bola
2
2
2
x + y + z = 9, di bawah oleh bidang z = 0 dan secara
2
2 menyamping oleh tabung x +y =4. 7/6/2007
[MA 1124]
20
6. Hitung volume benda pejal, daerah yang dibatasi oleh bola
- =
- y
- z 3 3 9 9 9 9 2 / 3 2 2 2 2 2 2 2 2 2 x x y x y x
- 3 9 2 2 2 2 x
−
4
x y x dx dy dz y x z2 2 2 2
2
4
4
2
− − − − −
8. Hitung ∫ ∫ ∫
dx dy dz y x
7. Hitung ∫ ∫ ∫
dx dy dz z y x
− − −
− − − − − −
( ) ∫ ∫ ∫
2 = 9, dan berada dalam kerucut 2 2 y x z
2
2
x
Lanjutan Lanjutan
9. Hitung
21 Latihan Latihan
7/6/2007 [MA 1124]